正弦定理、余弦定理教案
●教学目标
(一)知识目标
1.三角形的有关性质；
2.正、余弦定理综合运用.
(二)能力目标
1.熟练掌握正、余弦定理应用；
2.进一步熟悉三角函数公式和三角形中的有关性质；
3.综合运用正、余弦定理、三角函数公式及三角形有关性质求解三角形问题.
(三)德育目标
通过正、余弦定理在解三角形问题时沟通了三角函数与三角形有关性质的功能，反映了
事物之间的内在联系及一定条件下的相互转化.
●教学重点
正、余弦定理的综合运用.
●教学难点
1.正、余弦定理与三角形性质的结合；
2.三角函数公式变形与正、余弦定理的联系.
●教学方法
启发式
1.启发学生在求解三角形问题时，注意三角形性质、三角公式变形与正弦、余弦定理产
生联系，从而综合运用正弦、余弦定理达到求解目的；
2.在题设条件不是三角形基本元素时，启发学生利用正、余弦建立方程，通过解方程组
达到解三角形目的.
●教具准备
投影仪、幻灯片
第一张：正、余弦定理内容(记作§5.9.4 A)
正弦定理： ;2sinsinsin RC
c
B
b
A
a
余弦定理： ,cos2222 Abccba
.2cos
,2cos
,2cos
.cos2
,cos2
222
222
222
222
222
ab
abaC
ca
bacB
bc
acbA
Cabbac
Bcaacb
第二张：例题1、2(记作§5.9.4 B)
［例1］在△ABC中，三边长为连续的自然数，且最大角是最小角的 2倍，求此三角
形的三边长.
［例2］如图，在△ABC中，AB＝4cｍ，AC＝3cｍ，角平分线 AD＝2cｍ，求此三角
形面积.
第三张：例题3、4(记作§5.9.4 C)
［例3］已知三角形的一个角为 60°，面积为10 3 cｍ 2，周长为20cｍ，求此三
角形的各边长.
［例4］在△ABC中，AB＝5，AC＝3，D为 BC中点，且AD＝4，求BC边长.
●教学过程
Ⅰ.复习回顾
师：上一节课，我们一起研究了正、余弦定理的边角转换功能在证明三角恒等式及判断
三角形形状时的应用，这一节，我们将综合正、余弦定理、三角函数公式及三角形有关性质
来求解三角形问题.首先，我们一起回顾正、余弦定理的内容(给出投影片§5.9.4 A).
Ⅱ.讲授新课
师：下面，我们通过屏幕看例题.(给出投影片§5.9.4 B)
［例1］分析：由于题设条件中给出了三角形的两角之间的关系，故需利用正弦定理
建立边角关系.其中 sin2α利用正弦二倍角展开后出现了 cosα，可继续利用余弦定理建
立关于边长的方程，从而达到求边长的目的.
解：设三角形的三边长分别为ｘ，ｘ＋1，ｘ＋2，其中ｘ∈Ｎ *，又设最小角为α，
则
cossin2
2
2sin
2
sin
xxx
x
x
2
2cos ①
又由余弦定理可得ｘ 2＝（ｘ＋1）2＋（ｘ＋2）2－2（ｘ＋1）（ｘ＋2）cosα②
将①代入②整理得：
ｘ 2－3ｘ－4＝0
解之得ｘ 1＝4，ｘ 2＝－1(舍)
所以此三角形三边长为4，5，6.
评述： (1)此题所求为边长，故需利用正、余弦定理向边转化，从而建立关于边长的方
程；
(2)在求解过程中，用到了正弦二倍角公式，由此，要向学生强调三角公式的工具性作
用，以引起学生对三角公式的重视.
［例 2］分析：由于题设条件中已知两边长，故而联想面积公式Ｓ△ ABC＝ 2
1
AB·AC·sinA，需求出 sinA，而△ABC 面积可以转化为Ｓ△ADC＋Ｓ△ADB，而Ｓ△ADC＝ 2
1
AC·ADsin 2
A ，Ｓ△ADB＝ 2
1 AB·AD·sin 2
A ，因此通过Ｓ△ABC＝Ｓ△ADC＋Ｓ△ADB建立关于含
有 sinA，sin 2
A 的方程，而 sinA＝2sin 2
A cos 2
A ，sin2 2
A ＋cos2 2
A ＝1，故 sinA 可
求，从而三角形面积可求.
解：在△ABC中，Ｓ△ABC＝Ｓ△ADB＋Ｓ△ADC，
∴ 2
1 AB·ACsinA＝ 2
1 ·AC·ADsin 2
A ＋ 2
1 ·AB·ADsin 2
A
∴ 2
1 ·4·3sinA＝ 2
1 ·3·2sin 2
A
∴6sinA＝7sin 2
A
∴12sin 2
A cos 2
A ＝7sin 2
A
∵sin 2
A ≠0 ∴cos 2
A ＝12
7
又0＜A＜π ∴0＜ 2
A ＜ 2
∴sin 2
A ＝ 12
95
2cos1
2 A ，
∴sinA＝2sin 2
A cos 2
A ＝ 72
957 ，
∴Ｓ△ABC＝ 2
1 ·4·3sinA＝ 12
957 （cｍ 2）.
评述：面积等式的建立是求 sinA的突破口，而 sinA的求解则离不开对三角公式的熟
悉.由此启发学生在重视三角形性质运用的同时，要熟练应用三角函数的公式.另外，在应
用同角的平方关系sin2α＋
cos2α＝1时，应对角所在范围讨论后再进行正负的取舍.
（给出幻灯片§5.9.4 C）
［例3］分析：此题所给的题设条件除一个角外，面积、周长都不是构成三角形的基本
元素，但是都与三角形的边长有关系，故可以设出边长，利用所给条件建立方程，这样由
于边长为三个未知数，所以需寻求三个方程，其一可利用余弦定理由三边表示已知60°角
的余弦，其二可用面积公式Ｓ△ABC＝ 2
1 absinC表示面积，其三是周长条件应用.
解：设三角形的三边长分别为 a、b、c，B＝60°，则依题意得
20
31060sin2
1
260cos
222
cba
ac
ac
bca
40
20
222
ac
accab
cba
由①式得：b2＝［20－（a＋c）］2＝400＋a2＋c2＋2ac－40（a＋c） ④
将②代入④得400＋3ac－40（a＋c）＝0
再将③代入得 a＋c＝13
由
5
8
8
5
40
13
2
2
1
1
c
a
c
a
ac
ca 或解得
∴b1＝7，b2＝7
所以，此三角形三边长分别为5cｍ，7cｍ，8cｍ.
评述： (1)在方程建立的过程中，应注意由余弦定理可以建立方程，也要注意含有正
弦形式的面积公式的应用.
(2)由条件得到的是一个三元二次方程组，要注意要求学生体会其求解的方法和思路，
以提高自己的解方程及运算能力.
［例 4］分析：此题所给题设条件只有边长，应考虑在假设 BC
为ｘ后，建立关于ｘ的方程.而正弦定理涉及到两个角，故不可用.此
时应注意余弦定理在建立方程时所发挥的作用.因为D为 BC中点，所
以BD、DC可表示为 2
x ，然用利用互补角的余弦互为相反数这一性质
建立方程.
解：设BC边为ｘ，则由D为BC中点，可得BD＝DC＝ 2
x ，
在△ADB中，cosADB＝ ,
242
5)2(4
2
222222
x
x
BDAD
ABBDAD
在△ADC中，cosADC＝ .
242
3)2(4
2
222222
x
x
DCAD
ACDCAD
又∠ADB＋∠ADC＝180°
∴cosADB＝cos（180°－∠ADC）＝－cosADC.
①
②
③
∴242
3)2(4
242
5)2(4
222222
x
x
x
x
解得，ｘ＝2
所以，BC边长为2.
评述：此题要启发学生注意余弦定理建立方程的功能，体会互补角的余弦值互为相反
数这一性质的应用，并注意总结这一性质的适用题型.
另外，对于本节的例2，也可考虑上述性质的应用来求解sinA，思路如下：
由三角形内角平分线性质可得 3
5DC
BD
AC
AB ，设 BD＝5ｋ，DC＝3ｋ，则由互补角
∠ADC、∠ADB的余弦值互为相反数建立方程，求出BC后，再结合余弦定理求出cosA，再由
同角平方关系求出sinA.
师：为巩固本节所学的解题方法，下面我们进行课堂练习.
Ⅲ.课堂练习
1.半径为 1的圆内接三角形的面积为 0．25，求此三角形三
边长的乘积.
解：设△ABC三边为 a，b，c.则Ｓ△ABC＝ Bac sin2
1
∴ b
B
abc
Bac
abc
S ABC
2
sin
2
sin
又 RB
b 2sin ，其中 R为三角形外接圆半径
∴ Rabc
S ABC
4
1
∴abc＝4RS△ABC＝4×1×0．25＝1
所以三角形三边长的乘积为1.
评 述 ： 由 于 题 设 条 件 有 三 角 形 外 接 圆 半 径 ， 故 联 想 正 弦 定 理 ：
RC
c
B
b
A
a 2sinsinsin ，其中 R为三角形外接圆半径，与含有正弦的三角形面积公式
Ｓ△ABC＝ Bac sin2
1 发生联系，对 abc进行整体求解.
2.在△ABC 中，已知角 B＝45°，D 是 BC 边上一点，AD＝
5，AC＝7，DC＝3，求AB.
解：在△ADC中，
cosC＝ ,14
11
372
537
2
222222
DCAC
ADDCAC
又0＜C＜180°，∴sinC＝ 14
35
在△ABC中， C
AB
B
AC
sinsin
∴AB＝ .2
657214
35
sin
sin ACB
C
评述：此题在求解过程中，先用余弦定理求角，再用正弦定理求边，要求学生注意正、
余弦定理的综合运用.
3.在△ABC中，已知cosA＝ 5
3 ，sinB＝13
5 ，求cosC的值.
解：∵cosA＝ 5
3 ＜ 2
2 ＝cos45°，0＜A＜π
∴45°＜A＜90°
∴sinA＝ 5
4
∵sinB＝13
5 ＜ 2
1 ＝sin30°，0＜B＜π
∴0°＜B＜30°或 150°＜B＜180°
若 B＞150°，则B＋A＞180°与题意不符.
∴0°＜B＜30° cosB＝13
12
∴cos（A＋B）＝cosA·cosB－sinA·sinB＝ 65
16
13
5
5
4
13
12
5
3
又C＝180°－（A＋B）.
∴cosC＝cos［180°－（A＋B）］＝－cos（A＋B）＝－ 65
16 .
评述：此题要求学生在利用同角的正、余弦平方关系时，应根据已知的三角函数值具体
确定角的范围，以便对正负进行取舍，在确定角的范围时，通常是与已知角接近的特殊角
的三角函数值进行比较.
Ⅳ.课时小结
师：通过本节学习，我们进一步熟悉了三角函数公式及三角形的有关性质，综合运用
了正、余弦定理求解三角形的有关问题，要求大家注意常见解题方法与解题技巧的总结，不
断提高三角形问题的求解能力.
Ⅴ.课后作业
(一)书面作业
1.课本Ｐ 132习题5.9 5.
2.在三角形中，三边长为连续自然数，且最大角是钝角，那么这个三角形的三边长分
别为 .
答案：2，3，4
3.已知方程 a（1－ｘ 2）＋2bｘ＋c（1＋ｘ 2）＝0没有实数根，如果a、b、c是△ABC
的三条边的长，求证△ABC是钝角三角形.
(二)1.预习内容
课本Ｐ 132～Ｐ 133解斜三角形应用举例.
2.预习提纲
(1)解斜三角形在实际中有哪些应用?
(2)实际中的解斜三角形问题如何转化为纯数学问题?
●板书设计
§5.9.4 正弦定理、余弦定理(四)
1.常用三角公式 2.三角形有关性质 3.学
生练习
①sin2A＋cos2A＝1 ①面积公式Ｓ＝ 2
1 absinC
② sin2A＝2sinAcosA ②角平分线定理
③ sin（A＋B）＝sinAcosB＋cosAsinB ③互补角正弦值相等
④ cos2A＝1－2sin2A ④互补角余弦值互为相反数
●备课资料
1.正、余弦定理的综合运用
余弦定理是解斜三角形中用到的主要定理，若将正弦定理代入得：sin2A＝sin2B＋
sin2C－2sinBsinCcosA.
这是只含有三角形三个角的一种关系式，利用这一定理解题，简捷明快，下面举例说
明之.
［例1］在△ABC中，已知sin2B－sin2C－sin2A＝ 3 sinAsinC，求B的度数.
解：由定理得sin2B＝sin2A＋sin2C－2sinAsinCcosB，
∴－2sinAsinCcosB＝ 3 sinAsinC
∵sinAsinC≠0
∴cosΒ＝－ 2
3
∴B＝150°
［例2］求sin210°＋cos240°＋sin10°cos40°的值.
解：原式＝sin210°＋sin250°＋sin10°sin50°
在sin2A＝sin2B＋sin2C－2sinBsinCcosA中，令 B＝10°，C＝50°，则A＝120°.
sin2120°＝sin210°＋sin250°－2sin10°sin50°cos120°
＝sin210°＋sin250°＋sin10°sin50°＝（ 2
3 ）2＝ 4
3 .
［例3］在△ABC中，已知2cosBsinC＝sinA，试判定△ABC的形状.
解：在原等式两边同乘以 sinA得：2cosBsinAsinC＝sin2A，由定理得 sin2A＋sin2C－
sin2Β＝sin2A，
∴sin2C＝sin2B
∴B＝C
故△ABC是等腰三角形.
2.一题多证
［例4］在△ABC中已知 a＝2bcosC，求证：△ABC为等腰三角形.
证法一：欲证△ABC为等腰三角形.可证明其中有两角相等，因而在已知条件中化去边
元素，使只剩含角的三角函数.由正弦定理得 a＝ B
Ab
sin
sin
∴2bcosC＝ B
Ab
sin
sin ，即 2cosC·sinB＝sinA＝sin（B＋C）＝sinBcosC＋cosBsinC.
∴sinBcosC－cosBsinC＝0
即 sin（B－C）＝0，
∴B－C＝ｎπ（ｎ∈Ｚ）.
∵B、C是三角形的内角，
∴B＝C，即三角形为等腰三角形.
证法二：根据射影定理，有 a＝bcosC＋ccosB，
又∵a＝2bcosC
∴2bcosC＝bcosC＋ccosB
∴bcosC＝ccosB，即 .cos
cos
C
B
c
b
又∵ .sin
sin
C
B
c
b
∴ ,cos
cos
sin
sin
C
B
C
B 即tanB＝tanC
∵B、C在△ABC中，
∴B＝C
∴△ABC为等腰三角形.
证法三：∵ cosC＝ ,2cos2
222
b
aCba
cba 及 ∴ ,22
222
b
a
ab
cba 化简后得 b2＝
c2.
∴b＝c
∴△ABC是等腰三角形.
●教学后记
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